唐 健
(金华第一中学,浙江 金华 321015)
因为a1a4-a2a3=1,所以
设A(a1,a2),B(-a3,-a4),C(-a4,a3),则上式具有几何意义:
(a1+a3)2+(a2+a4)2=|AB|2,
(a1+a4)2+(a2-a3)2=|AC|2,
显然OB⊥OC,且|OB|=|OC|,记|OB|=|OC|=d,因为a1a4-a2a3=1,所以
图1
图1
|AB|2+|AC|2=|BE|2+|EA|2+|AD|2+|CD|2
等号条件显然成立.
评注该解法的关键在于根据条件与所求的代数结构,联想出相关的等式,发现等式中各代数式的几何意义,体现了数形结合思想.在最后的计算中使用了两次基本不等式,需要注意两个等号要同时成立.
(a1a3+a2a4)2+(a1a4-a2a3)2
由a1a4-a2a3=1,得
即
当a1a3+a2a4=t时,
由单调性可知最小值为2.
当a1a3+a2a4=-t时,
评注该解法的思路与解法1相同,不过得到了不同的等式,通过换元,结合基本不等式实现消元,最终简化成函数求最值的问题.
解法3在解法2中得到
观察结构特征,构造向量a=(a1,a2),b=(a3,a4).设a,b的夹角为θ,由a1a4-a2a3=1,知a,b不共线,从而0<θ<π,上式转化为
(a·b)2+1=|a|2·|b|2,
即
|a|2·|b|2cos2θ+1=|a|2·|b|2,
得
=|a|2+|b|2+a·b
≥2|a|·|b|+|a|·|b|cosθ
评注该解法是在解法2中得到等式后,观察到等式中代数结构的几何意义,引入向量,通过代入消元和基本不等式转化成三角函数最值问题.
解法4设a3=x,a4=y,则
a1y-a2x=1,
表示一个圆.
从而
即
评注题中有4个变量,通过设置变量主次,把问题转化成直线与圆的位置关系问题,使问题瞬间简化,非常巧妙,给人豁然开朗的感觉.
解法5设a=(a1,a2),b=(a3,a4),则
|a×b|=|a|·|b|sinθ=|a1a4-a2a3|=1,
得
=|a|2+|b|2+a·b
≥2|a|·|b|+|a|·|b|cosθ,
下同解法3(略).
评注该解法应用了向量叉乘运算,找到变量间关系后,通过代入消元和基本不等式转化成三角函数最值问题.若学生已掌握相关运算,则难度就会下降很多.
解法6设a1=r1cosα,a2=r1sinα,a3=r2cosβ,a4=r2sinβ,则
a1a4-a2a3=r1r2cosαsinβ-r1r2sinαcosβ
=r1r2sin(β-α)=1,
即
又a1a3+a2a4=r1r2cosαcosβ+r1r2sinαsinβ
=r1r2cos(β-α),
下同解法3(略).
评注该解法应用了两次三角换元,转换已知条件,简化所求的结构,通过代入消元和基本不等式转化成三角函数最值问题.
解法7根据复数运算
(a1+a2i)(a4+a3i)=(a1a4-a2a3)+(a1a3+a2a4)i,
记a1+a2i=z1,a4+a3i=z2,a1a3+a2a4=B,则
z1z2=1+Bi,
从而
=|z1|2+|z2|2+B≥2|z1|·|z2|+B=2|z1z2|+B
下同解法3(略).
评注该解法引入了复数,对学生的代数转化能力和复数运算能力要求较高.
以上7种解法各有所长,用到了不同的知识,大大拓宽了学生的视野.在课堂上,学生表现出了浓厚的兴趣,惊叹之余,也都收获颇丰.进行一题多解和多题一解的训练,有助于拓宽学生的思维,将数学学习引向深处[1].
此外,总结与反思是数学解题学习最重要的环节之一.问题解决之后,首先要检查和验证,确保无误,比如避免漏解、错解等情况.当解题过程冗长而复杂时,还应试着去改进,除去不必要的步骤[2].其次,总结解题方法.解题时使用了哪些基本方法,还有没有其他的方法,不同解法的优劣如何?第三,总结推广.思考本题运用了哪些知识,涉及哪些基本方法,它主要适用于何种问题,能否把结论或方法用于其他问题,题目是否可进行变式推广,与其他问题有什么关联,等等.