孙成田 刘本玲
【中图分类号】G633.6 【文献标识码】A 【文章编号】2095-3089(2019)12-0222-02
恒成立问题包容性强,涵盖初等数学的各个方面,渗透着换元、化归、构造函数、分类讨论、数形结合、函数与方程思想,体现着在变化中把握不变量的数学特征,有利于考查学生的综合解题能力,在培养思维的灵活性、创造性等方面起到了积极的作用,故而在考试中被广泛采用。
一、变量分离型结合极端值原理
1.不等式的恒成立问题与函数最值有密切的关系,解决不等式恒成立问题,通常先分离参数,再转化为最值问题来解。
2.极端值原理:m≥f(x)恒成立,则m≥f(x)max;n≤f(x)恒成立,则n≤f(x)min。
例1.设函数f(x)=x2-1,对任意x∈[ ,+∞),f( )-4m2f(x)≤f(x-1)+4f(m)恒成立,求实数m的取值范围。解答:依据题意得 -1-4m2(x2-1)≤(x-1)2-1+4(m2-1)在x∈[ ,+∞)上恒成立,即 -4m2≤- - +1在x∈[ ,+∞)上恒成立。当x= 时函数y=- - +1取得最小值- , 所以 -4m2≤- ,即(3m2+1)(4m2-3)≥0, 解得m≤- 或m≥ 。
例2.已知函数f(x)=xe2x-lnx-ax,若?坌x>0,不等式f( )-1≥ e + 恒成立,求a的取值范围。解答:由题意可知,f( )-1≥ e + ,?圯 e -ln - -1≥ e + ?圯a≤xlnx-x- 对任意x>0成立, 令函数g(x)=xlnx-x- ,所以g'(x)=lnx+ ,当x>1时,g'(x)>0,当时0 小结:(1)利用导数工具求出函数的单调性从而求出函数在区间内的最值;(2)将恒成立问题转化为最值问题求解即可得出a的取值范围。 二、函数思想结合函数模型 1.一次函数模型结合主辅元变换 给定一次函数y=f(x)=kx+b(k≠0),若y=f(x)在[m,n]内恒有f(x)>0,则根据函数的图像(线段)可得k>0f(m)>0或k<0f(n)>0,也可合并成f(m)>0f(n)>0,同理,若在[m,n]内恒有f(x)<0,则有f(m)<0f(n)<0。 2.二次函数模型 若二次函数y=ax2+bx+c,(a≠0)的函数值大于(或小于)0恒成立,则有a>0△<0(或a<0△<0),若是二次函数在指定区间上的恒成立问题,还可以利用韦达定理以及二次函数的图像求解。 例3.已知函数f(x)=x2+2ax-a+2. (1)若对于任意x∈[-1,1],f(x)≥0恒成立,求实数a的取值范围;(2)若对于任意a∈[-1,1],x2+2ax-a+2>0恒成立,求实数x的取值范围。解答:(1)由于对于任意x∈[-1,1],f(x)≥0恒成立,故f(x)min≥0。又函数f(x)的图像的对称轴方程为x=-a,当-a<-1时,f(x)min=f(-1)=3-3a≥0,求得a无解;当-a>1时,f(x)min=f '(1)=3+a≥0,求得-3≤a<-1;当-a∈[-1,1]时,f(x)min=f '(-a)=-a2-a+2≥0,求得-1≤a≤1。综上可得,a的范围为[-3,1]。 (2)若对于任意a∈[-1,1],x2+2ax-a+2>0恒成立,等价于g(a)=(2x-1)a+x2+2>0, ∴g(-1)=x2-2x+3>0g(1)=x2+2x+1>0,求得x≠-1,即x的范围为{x|x≠-1}。 小结: (1)对于任意x∈[-1,1],f(x)≥0恒成立,故f(x)min≥0.利用二次函数的性质,分类讨论求得a的范围。 (2)变换主辅元将不等式转化为关于参数a的一次函数,然后求x的范围。 三、数形结合思想,结合熟悉函数图像间的上下关系求解 “数缺形时少直观,形缺数时难入微”,数形结合在不等式恒成立问题中起着重要作用,构造图像法求解。 (1)f(x)>g(x)?圳函数f(x)图像恒在函数g(x)图像上方; (2)f(x) 例4.对于函数f(x)=sinπx,x∈[0,2] f(x-2),x∈(2,+∞),有下列4个命题:①任取x1,x2∈[0,+∞)都有|f(x1)-f(x2)|≤2恒成立;②f(x)=2kf(x+2k)(k∈N?鄢),对于一切x∈[0,+∞)恒成立;③函数y=f(x)-ln(x-1)有3个零点;④对任意x>0,不等式f(x)≤ 恒成立,则其中所有真命题的序号是____。 解答:f(x)=sinπx,x∈[0,2] f(x-2),x∈(2,+∞)的图像如图所示: ①f(x)的最大值为1,最小值为-1,∴任取x1,x2∈[0,+∞),都有|f(x1)-f(x2)|≤2恒成立,正确;②f( )=2f( +2)=4f( +4)=6f( +6)≠8f( +8),故不正确;③如图所示,函数y=f(x)-ln(x-1)有3个零点; ④由题意,可得,x∈(2k,2k+2),f(x)max= ,( )min= 。证明 ≥ ,即证明2k≥k+1,构造f(k)=2k-k-1,则f '(k)=2kln2-1≥0(k≥1)。 ∴ ≥ ,∴对任意x>0,不等式f(x)≤ 恒成立,∴对任意x>0,不等式f(x)≤ 恒成立正確。 故答案为①③④ 。 小结:本题考查分段函数的应用,考查数形结合的数学思想,正确作出函数的图像是关键。