1 等差数列与等比数列
1. (1)因为f ′(x)=an-an+1+an+2-an+1·sinx-an+2·cosx,对任意n∈N , f ′ =an-an+1+an+2-an+1=0,所以2an+1=an+an+2. 又因为a1=2,所以数列{an}是以2为首项的等差数列. 设数列{an}的公差为d,因为a2+a4=8,所以2a1+4d=8,解得d=1,所以an=2+(n-1)×1=n+1. 所以数列{an}的通项公式an=n+1(n∈N ).
(2)由(1)知,an=n+1(n∈N ),所以bn=2n+1+ =2(n+1)+ ,所以Sn=b1+b2+…+bn=2(2+3+…+n+1)+ + +…+ =2× + =n(n+3)+1- =n2+3n+1- .
2. (1)a2=λa1+λ-2=2λ-2,a3=λa2+λ-2=2λ2-2λ+λ-2=2λ2-λ-2. 因为a1+a3=2a2,所以1+2λ2-λ-2=2(2λ-2),得2λ2-5λ+3=0,解得λ=1或λ= ,当λ= 时,a2=2× -1=1,a1=a2,不合题意,舍去.
λ=1时,代入an=λan-1+λ-2,可得an-an-1=-1,所以{an}构成以a1=1为首项,-1为公差的等差数列,所以an=-n+2.
(2)由λ=3可得an=3an-1+3-2?圯an=3an-1+1,所以an+ =3an-1+ ,所以an+ =3an-1+ ,即bn=3bn-1(n≥2). 又b1=a1+ = ,所以{bn}构成以b1= 为首项,3为公比的等比数列,所以bn= ·3n-1= ,所以Sn= = (3n-1).
3. (1)anan+1+anan-1=2an-1an+1可变形为 + = (n≥2且n∈N ),所以数列 是等差数列,d= - =3. 所以 = +(n-1)d=-2+(n-1)·3=3n-5,即an= .
又由题意有Sn=3-3· ,则Sn-1=3-3· (n≥2),两式相减得bn= (n≥2).
又b1= 也符合此式,所以bn= (n∈N ),即数列{bn}是等比数列.
(2)由(1)代入得cn= =(3n-5) ,设xn=Tn+1-2Tn+Tn-1,则其可变形为xn=(Tn+1-Tn)-(Tn-Tn-1)=cn+1-cn= · (n≥2).
而xn+1-xn= ,所以当2≤n≤7时,xn+1-xn<0,即数列{xn}递减;当n≥8时,xn+1-xn>0,数列{xn}递增,即x2>x3>x4>0>…>x8 2 数列与其他知识交汇 1. C 依题得AF= = =a,OF=c,BF=a+c. 因为AF,OF,BF成等差数列,则2OF=AF+BF,所以2c=a+a+c,所以c=2a,所以e= =2. 2. 依题意得圆心(2,0)在直线x+y-d=0上,则d=2. 因为直线y= a1x+m与直线x+y-2=0互相垂直,所以a1=2. 所以Sn=2n+ ×2=n(n+1),所以 = = - ,所以数列 的前2015项和等于 - + - +…+ - + - = . 3. (1)f ′ (x)= . 令f ′ (x)>0,则x 所以f (x)在(-n,en+1-n)上递增,在(en+1-n,+∞)上递减. 所以当x=en+1-n时, f (x)max=f (en+1-n)= + ,即an= + ,则Sn= + . (2)因为n≥1,所以en+1递增,n(n+1)递增,所以an= + 递减. 所以0 令g(x)= +a,则g′(x)= ,所以g(x)在(0,1)上递增,在(1,+∞)上递减. 当x→0时, →0;当x→+∞时, >0;又g(1)=1+a,所以g(x)∈(a,1+a],结合已知得(a,1+a]?勐0, + ,所以a≤0, + ≤1+a,所以 - ≤a≤0. (3) +f (en)-an= + + - - = + ln - = +ln - . 令t= ,因为g(x)= (x≥1),g′(x)= ≤0,所以g(x)在[1,+∞)上递减. 所以1 3 归纳推理 1. 2015×22012 观察倒三角形数,可知,M是在第2014行. 第2行的第一个数是3:3=3×20; 第3行的第一个数是8:8=4×21; 第4行的第一个数是20:20=5×22; 第5行的第一个数是48:48=6×23; 第6行的第一个数是112:112=7×24; … 可归纳,第2014行的数M是:M=2015×22012. 2. 9×101006 可以看出2位数有9个回文数,3位数有90个回文数,4位数有90个回文数,按照此数据研究发现,2014位数的回文数只用看前1007位的排列情况,第一位不能为0有9种情况,后面1006位每位有10种情况,所以个数为9×101006,因此,2014位的回文数总共有9×101006. 4 类比推理 1. n 因为Tn=a1+a2·4+a3·42+…+ an·4n-1 ①,所以4Tn=a1·4+a2·42+a3·43+…+an-`1·4n-1+an·4n ②,由①+②得5Tn=a1+(a1+a2)·4+(a2+a3)·42+…+(an-`1+an)·4n-1+an·4n=1+ ·4+ ·42+…+ ·4n-1+an·4n=n+an·4n,所以5Tn-4n·an=n. 2. 5 演绎推理 B 分别画出函数y= 的图象与y=2sinπx (-2≤x≤4)的图象(如图4所示),可得“和谐点对”的个数是4. 故选B. 图4 6 直接证明与间接证明 (1)因为an+1+2= +2= ,所以 =2· . 令bn= ,则bn+1=2bn. 因为b1= ,所以当a=-2时,b1=0,则bn=0(舍).?摇 当a=-2时,数列 不是等比数列; 当a≠-2时,b1≠0,则数列 是等比数列,且公比为2. 所以bn=b1·2n-1,即 = ·2n-1,解得an= ·2n-1-2. (2)由(1)知,当a=1时,an=(2n+1)·2n-1-2. 设cn=(2n+1)·2n-1,其前n项和为Tn,由错位相减法得Tn=(2n-1)·2n+1,所以Sn=Tn-2n=(2n-1)(2n-1). 因为2n=C0n+C1n+…+Cn-1n+Cnn, 所以当n≥3时,2n≥C0n+C1n+…+Cnn-1+Cnn=2(n+1),则2n-1≥2n+1. 所以Sn≥(2n-1)(2n+1),则 ≤ = - . 从而可得 + +…+ ≤ - + - +…+ - = - < . 综合测试 1. B 2. B 因为 是3a与3b的等比中项,所以3=3a·3b,所以a+b=1,所以 + = + =2+ + ≥2+2 =4当且仅当a=b= 时,取等号,所以 + 的最小值为4. 3. C 4. C 若f(x)=sin ,g(x)=cos ,则f(x)·g(x)= sinx,所以f(x)·g(x)为奇函数,所以 f(x)·g(x)dx=0,所以①是正交函数;若f(x)=x+1,g(x)=x-1,则f(x)·g(x)=x2-1,所以f(x)·g(x)为偶函数,所以 f(x)·g(x)dx=2 (x2-1)dx=2 x3-x10=- ≠0,所以②不是正交函数;若f(x)=x,g(x)=x2,则f(x)·g(x)=x3,所以f(x)·g(x)为奇函数,所以 f(x)·g(x)dx=0,所以③是正交函数. 综上,正交函数的组数是2. 5. A 对于①,取Ω={(x,y)x>0,y>0},a=(1,0),则a为Ω的向量周期,但-a=(-1,0)不是Ω的向量周期,故①是假命题;易知②是真命题;对于③,取 = ,1,由 = +b= ,1+(-1,2)=- ,3,则Q?埸Ω,所以b不是Ω的一个向量周期,故③是假命题;对于④,取P ,1, = +c= ,1+ ,0=(π,1),所以Q(π,1). 因为sinπ-cosπ=-1≠1,所以Q?埸Ω,所以c不是Ω的一个向量周期,故④是假命题. 故选A. 6. 观察:含有3件次品的10件产品,m=3,N=10. 当n=1时,E(ξ1)= = ;当n=2时,E(ξ2)= = ;当n=3时,E(ξ3)= = …,可归纳,E(ξn)= . 7. n+2n 因为e1=3=2+1,e2=6=4+2,e3=11=8+3,e4=20=16+4,e5=37=32+5,…,所以an=n,bn=2n,所以en=an+bn=n+2n. 8. 在平面直角坐标系xOy中,△ABC的顶点A(-p,0)和C(p,0),顶点B在双曲线 - =1(m>n>0,p= )上,则 = (其中e为双曲线的离心率). 9. (1)因为函数f(x)=x2+bx是偶函数,所以b=0,所以f(x)=x2. 因为点Pn(n,Sn)在函数f(x)=x2的图象上,所以Sn=n2. 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=n2-(n-1)2=2n-1;当n=1时,a1=S1=1也符合上式,所以an=2n-1. (2)bn=2n+2n-1, 所以Tn= + =2n+1+n2-2. 10. (1)若m=-1,则f(x)=lnx+ ,所以f ′(x)= - = . 因为函数f(x)=lnx+ 的定义域为(0,+∞),所以当0 (2)若m=0,则f(x)=lnx. 因为函数g(x)的图象与函数f(x)的图象关于直线y=x对称,所以g(x)=ex,所以g(n+1)=en+1. 因为2n+1an+1=g(n+1)an(n∈N ),所以2n+1an+1=en+1an(n∈N ). 因为an>0,所以 = = >1,所以数列{an}是单调递增数列. 11. (1)因为T1, 为椭圆上一点,且TF2垂直于x轴,所以有c=1, + =1,即a2-b2=1, + =1,解得a2=4,b2=3,所以椭圆E的方程为 + =1. (2)逆命题:“已知P是椭圆E上一点,直线A1P,A2P分别交直线l:x=t(t为常数)于M,N两点,若Q为线段MN的中点,则直线PQ与椭圆E有且只有一个公共点P. ”它为真命题. 证明如下:设P(x0,y0),则 + =1. 又l :y= (x+2),l :y= (x-2),所以Mt, ,Nt, . 设MN的中点为Q(x1,y1),则x1=t,y1= = . 又因为x -4= ,所以y1= ,即可得点Qt, ,所以kPQ= = = = ,则lPQ:y= (x-x0)+y ,即y=- x+ . 联立方程 + =1,y=- x+ ,消y并化简得 x2- x+ -1=0,所以Δ=- -4 -1= =0,所以直线PQ与椭圆E有且只有一个公共点P. (3)如图5,①任作一条直线n垂直于实轴;②作直线A1S,A2S分别交直线n于I,J两点;③作线段IJ的中点V,则直线SV即为所求的直线m. 图5 12. (1)由点P(an,an+1)在直线x-y+1=0上,即an+1-an=1,且a1=1,数列{an}是以1为首项,1为公差的等差数列,所以an=n. (2)f(n)= + +…+ , f(n+1)= + + …+ + , f(n+1)-f(n)= + - > - >0,所以f(n)单调递增,故f(n)的最小值是f(2)= (3)bn= ,可得Sn=1+ + +…+ ,Sn-Sn-1= (n≥2),nSn-(n-1)Sn-1=Sn-1+1,(n-1)Sn-1-(n-2)Sn-2=Sn-2+1,2S2-S1=S1+1,nSn-S1=S1+S2+S3+…+Sn-1+n-1,S1+S2+S3+…+Sn-1=nSn-n=n(Sn-1),n≥2,g(n)=n