安徽省太和中学 岳 峻 韩长峰
破解直线与圆中“定”的问题
安徽省太和中学岳峻韩长峰
直线与圆的位置关系是高中数学的重点内容,是高考必考考点之一,考题中往往涉及定点、定直线、定圆等“定”的问题,其本质就是曲线系,蕴含着数形结合思想、函数与方程思想等。在解答此类问题的探索过程中,同学们常常找不到解题的切入点。为此,我们需弄清此类问题的实质,切实掌握其解决方法。
我们对于过定点的直线系并不陌生,如y=kx是过定点O(0,0)的直线系,y=kx+b(b是常数)是过定点(0,b)的直线系,y=k(x-a)+b(a、b是常数)是过定点(a,b)的直线系,等等,那么,如何才能快速地找到直线所过的定点呢?
例1平面直角坐标系xOy中,直线(1+4k)x-(2-3k)y-3-12k=0恒过一定点P,而直线mx+y-6=0也过点P,则m=_______。
解法1直线(1+4k)x-(2-3k)y-3-12k=0,
整理得k(4x+3y-12)+(x-2y-3)=0,
代入直线mx+y-6=0,得m=2。
所以直线(1+4k)x-(2-3k)y-3-12k=0必过直线y=0与直线x=3的交点(3,0),显然P(3,0),代入直线mx+y-6=0,得m=2。
点评含有参数的直线Ax+By+C=0过定点时,只需将含有参数的部分整理到一起,不含参数的部分整理到一起,把求定点问题转化为求两直线的交点问题。
变式1设m∈R,过定点A的动直线x+my=0和过定点B的动直线mx-y-m+3=0交于点P(x,y),则|PA|+|PB|的取值范围是()。
答案B
例2已知圆C:x2+y2+2kx+(4k+10)y+10k+20=0(k≠-1),则圆C过定点 _______。
解法1圆C的方程可变形为(x2+y2+10y+20)+k(2x+4y+10)=0,所以圆C必过x2+y2+10y+20=0与2x+4y+10=0的交点。
答案为(1,-3)。
圆C所过的定点必是曲线x2+y2+10y+20=0与x2+y2-5x-5=0的交点。
点评解决直线与圆的定点问题,要善于从运动中寻求不变的特性,挖掘出曲线方程与哪些参数取值无关。常见的方法有两种:其一,直接按参数分离变量,进而解出定点坐标;其二,取特殊值求出定点,再证这个定点与参数取值无关。
变式2若圆x2+y2-2x-8y+13=0的圆心到直线ax+y-1=0的距离最大,则a=()。
答案A
定直线往往指的是动点所在的定直线、动圆的定切线。这类问题参数多,几何特征不明显,解决时常常不知从何入手,此时,须紧扣等量关系恒成立,应用待定系数法来处理。
例3在平面直角坐标系xOy中,已知半径为r的⊙M的圆心M在直线y=2x+3上,且在y轴右侧,⊙M在y轴上的弦长为。
(1)求⊙M的方程。
(2)当r变化时,是否存在定直线l与⊙M均相切?如果存在,求出定直线l的方程;如果不存在,说明理由。
解析 (1)设M(a,2a+3)(a>0),则⊙M的方程为(x-a)2+(y-2a-3)2=r2,
(2)假设存在定直线l,当r变化时与⊙M均相切,若定直线l的斜率不存在,显然不合题意。
所以存在两条定直线y=3和4x+3y-9=0与动圆⊙M相切。
点评本题中动圆的圆心与半径都在变化,其几何特征不明显,故直接论证dM-l=r恒成立。解决含有多个参数的等量关系恒成立问题时,必须紧扣等式的成立与r的取值无关这一条件。
变式3已知圆C1:(x+2)2+(y-3m-2)2=4m2(m≠0),直线l:y=x+m+2,圆C1关于直线l对称的圆为C2。
(1)证明:当m变化时,C2的圆心在一条定直线上。
(2)求C2所表示的一系列圆的公切线方程。
答案 (1)证明略,圆心所在的直线为x-2y=0(2)3x+4y=0或x=0
动直线与定圆相切,则d弦心距=r恒成立,或者联立方程组消元后得到的一元二次方程Δ=0恒成立,再按参数整理,得到方程组,最后解方程组求出圆心与半径。
整理得(t2-1)a-4t2=r(t2+1),或4t2-(t2-1)a=r(t2+1),
所以(a-r-4)t2-a-r=0,或(a+r-4)t2-a+r=0恒成立,
因此直线PQ恒与一个圆心在x轴上的圆M相切,圆M的方程为(x-2)2+y2=4。
点评解答题解题步骤是:设圆的方程→化简d弦心距=r或Δ=0恒成立→变量分离→求圆心与半径→写出定圆方程。如果是客观题,则用特例法比较方便。
变式4已知直线l:2mx+(1-m2)y-4m-4=0总与一个定圆相切,则该定圆方程为_______。
答案 (x-2)2+(y-2)2=4
综上,破解直线与圆中的“定”,关键是抓住“定”中蕴含着的与参数取值无关的恒成立思想,另外也可以取特殊的参数值,巧妙地避开参数的干扰。