参考答案与解析机械运动

【基础强化】

1.静止1.52.0.252.53.2.61～2.6422.54.B1.365.00.46.B7.D8.A9.B10.B11.D12.A13.B

14.（1）40.025.0（2）小（3）同一位置（4）>

【综合应用】

1.5502.1000小3.动车501150234.9605.B6.C7.D8.B9.A10.A

11.B

解析：后来甲要跑110m，乙仍跑100m，通过画图可知，甲跑100m、乙跑90m，用时相等，最后两人均剩余10m，甲跑得快，肯定先到终点。如图所示。

12.v=st改变高度时，没有控制长度一定（或路程不同，不能只通过时间比较运动快慢）

解析：要通过实验探究从斜面下滑物体运动的快慢与斜面的高度有关，且通过测量时间来比较物体运动的快慢，就必须控制斜面的长度相同，而将物体从同一个斜面的不同高度下滑，物体滑动的距离不同。

13.（1）1.54（2）B

解析：n圈纸带的总厚度为圆环内径D2与圆柱形铅笔直径D1之差的一半。

14.G1348240

解析：王爷爷驾车到南昌西站最快需要t=sv=30km60km/h=0.5h，他们是9：35出发的，最快10：05到达南昌西站，此时G1386已经发车，他们只能坐10：26发车的G1348。这趟高铁运行距离s=780km，运行时间t=3h+15min=3.25h，运行速度v=st=780km3.25h=240km/h。

聲现象

【基础强化】

1.振动2.声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播3.振幅4.振动响度

5.振动大象6.声源传播过程7.C

8.A9.A10.B11.C12.B13.D

14.C15.D16.B17.D

【综合应用】

1.振动声波噪音

2.1531超声波的传播需要介质，地球与月球之间有一部分区域是真空，所以超声波不能传播。

3.避免声音的干扰大

4.定位鸣笛

解析：汽车靠超声波发现障碍物，其采用的方法叫做回声定位；如图乙标志一般是在学校、医院等附近，表示禁止鸣笛。

5.传播过程中振动

6.A7.A8.C9.A10.C

11.D

解析：超声波具有声音的特点可以传播信息和能量，另外还具有方向性好、穿透力强、能量集中、遇物反射等特点，超声波手术刀就是应用方向性好、穿透力强、能量集中的特点，所以超声波的特点与该手术刀的治疗功能无关的是遇物反射。

12.B

13.（1）①长度；②ab；（2）AB

物态变化

【基础强化】

1.热胀冷缩37.82.甲483.甲固液共存减少4.非晶体升高5.汽化吸热6.保持不变抽气7.吸收液化8.升华熔化凝华9.凝华放出10.凝华熔化11.D12.B13.D14.A15.A16.B17.A18.C19.D20.D21.A22.B23.B

24.（1）BC吸；（2）液固；（3）相同不同。

25.（1）温度计的玻璃泡碰到了烧杯底防止热散失，缩短加热时间（2）<；（3）③。

【综合应用】

1.小温度

2.凝固放热汽化吸热升华吸热

3.C4.B5.A6.C7.A8.A9.C

10.当小明刚从水中出来时，身上的水分会蒸发，蒸发吸热，当有一阵风吹来时，加快了水分的蒸发，所以冷的感觉就会更加明显。

11.答：影响蒸发快慢的因素有液体的表面积、液体的温度、液体表面空气流动的速度。有阳光的地方可以提高液体的温度，将衣服摊开是增加了液体的表面积，通风可以加快空气的流动，这些都可以加快蒸发，使衣服尽快变干。

12.（1）秒表；（2）慢；（3）玻璃泡完全浸没在萘中；不能到碰试管壁和底使试管受热均匀；（4）B；（5）晶体10

13.（1）温度计的玻璃泡碰到容器底；（2）98；（3）A；（4）适当减少水量。

14.（1）84；（2）不变；（3）降低

15.答：（1）据第一自然段可知晶体的熔点与其所含杂质多少有关；据第二自然段可知晶体熔点与其所受压强的大小有关。

（2）据第二自然段可知，滑冰鞋上加冰刀，可以增大与冰的压强，即使得接触冰的熔点降低，熔化成液体，减小了接触面的粗糙程度，从而减小了摩擦力的作用，使得运动员滑得更远、更省力。

光现象

【基础强化】

1.A2.B3.A4.C5.3×10826.快7.漫反射所有（各种）8.相等9.8虚反射10.反射虚运动11.较暗确定像的位置不变12.②③13.透明的玻璃板大小关系相等

14.如图所示

15.如图所示

16.如图所示

17.（1）薄（2）等大（3）虚（4）位置

18.不能反射光线、入射光线和法线在同一平面内光路是可逆的

【综合应用】

1.B2.C3.C4.D5.C6.D7.α大不能8.4.29.不变A

10.如图所示

11.如图所示

12.如图所示

13.如图所示

14.如图所示

15.如图所示

16.如图所示

17.（1）暗

（2）如图所示

（3）物距和物高一定时，物体经小孔所成的像的高度与像距成正比

（4）方便改变像距像高不方便测量

18.（1）如果是粗心像距不可能总是大于物距（其他合理说法也给分）

（2）玻璃板越厚，像距和物距差值越大（其他说法合理也给分）

（3）薄

（4）虚像mm

19.夏天，雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光，因此彩虹的上边缘可能呈红色，这种现象叫做光的色散现象。

透镜及其运用

【基础强化】

1.凸虚远2.凸透镜凹透镜3.凹近4.太强255.B6.C7.C8.B9.D10.D11.B12.B13.D

14.10倒立、缩小的实像远离

15.（1）缩小；（2）变大C；（3）30不能

【综合应用】

1.会聚减小

2.凸照相机缩小2f近

3.凸透镜缩小小

4.A5.B6.D7.A8.D9.D

10.（1）8.0同一高度；（2）照相机能；（3）远视

解析：（2）如图，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。因为光的折射中光路是可逆的，保持凸透镜的位置不变，将光屏与蜡烛的位置对调，则物距等于原来的像距，成倒立、放大的实像。光屏上能接到像是实像。

（3）当从水凸透镜内抽出一部分水后。使透镜凸起程度变小，会聚能力较弱，将像成在光屏的后面，为了使像正好呈在光屏上，应使光线提前会聚，使所成的像相对于光屏前移，所以应在水凸透镜前放置一块凸透镜。由此判断该同学戴的是远视眼镜。

11.（1）会聚；

（2）将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的下面放置一个光屏，调整凸透镜的位置，直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，即焦点，用刻度尺测出光屏到凸透镜的距离即为焦距；

（3）倒立、缩小、实同一高度上；

（4）2f>u>f；向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的放大像。

12.（1）c；（2）①见下图；②倒

解析：（1）由题意知，凸透镜的焦距f=10cm，若要研究物距大于2倍焦距时，凸透镜的成像特点，应进行的操作是，凸透镜位置保持不变，将蜡烛移至凸透镜的2倍焦距之外，即蜡烛移到刻度尺的25cm刻线的左边，移动光屏直到找到清晰的像，故C正确；

（2）①作出A点关于平面镜的对称点A′即A的像，连接A′O并沿长，在镜面左侧部分就是反射光线，再标上箭头即可，如图所示：②根据凸透镜的成像规律可知，当u=2f时，物体通过凸透镜成倒立等大的实像，所以比较像和物的大小关系，应将画有烛焰“像”的纸倒贴在光屏上。

质量和密度

【基础强化】

1.零刻度线左m100

2.变大变小上

解析：建筑物内起火后，含有有毒有害气体的空气由于温度升高，室内空气体积膨胀，密度减小，有毒气体漂浮在房间的上方。

3.密度4.>2

5.471.1

解析：酱油和瓶子的总质量为m2=47g，酱油的质量为m=m2-m1=47g-14g=33g，酱油的密度ρ=mV=33g30cm3=1.1g/cm3。

6.C7.B

8.C

解析：卧室的高约是3m，则卧室内空气的体积V=15m2×3m=45m3；空气的质量：m=ρV=1.29kg/m3×45m3=58.05kg，四个选项中只有中学生的质量与之接近。

9.D

解析：根据图象中的实验数据可知，液体的体积由20cm3增加到80cm3，增加了60cm3，液体的质量由40g增加到100g，增加了60g，故液体的密度：ρ=mV=60g60cm3=1g/cm3，故A、B两项错误；当液体体积为20cm3时，液体的质量为m=ρV=1g/cm3×10cm3=20g，则量杯的质量为40g-20g=20g，故C项错误；当液体体积为60cm3时，液体的质量为m=ρV=1g/cm3×60cm3=60g，故D项正确。

10.D

解析：根据图象可知，ρa=maVa=4×103kg2m3=2×103kg/m3>ρ水，ρb=mbVb=1×103kg2m3=0.5×103kg/m3<ρ水，故ρa>ρ水>ρb，D项正确。

11.零刻线右462.3×103

12.（1）A（2）游码没移到标尺左端的零刻度线上；（3）27102.7；（4）不变；（5）相切偏大

【综合应用】

1.161.6不变

2.左等于

解析：天平调平时，指针偏右，说明右侧的质量偏大，应将平衡螺母向左移动；无论怎样调节平衡螺母，指针总略偏向分度盘右侧，于是在天平的左盘中放入几粒米后重新调节平衡并进行了测量，即此时这几粒米相当于和天平的左盘是一个整体，该天平的横梁平衡了，所以，在随后的测量中，只要天平能重新平衡，左盘所放物体的质量仍然等于右盘中砝码总质量与游码示数之和；此時砝码总质量是60g，游码示数是1g，故左盘鸡蛋的质量=60g+1g=61g。

3.303

解析：石块的质量：m=m溢总-m剩=320g-290g=30g，石块排开水的质量：m排=m总-m剩=300g-290g=10g，石块的体积：V=V水=m水ρ水=10g1g/cm3=10cm3，石块的密度：ρ=mV=30g10cm3=3g/cm3。

4.3∶4

5.①1.30；②温度相同时，气压越大，密度越大；③大于

6.A7.B

8.C

解析：一名中学生的体积约为：V=mρ=50kg1×103kg/m3=0.05m3=50dm3=5×104cm3=5×107mm3。

9.D10.D11.D12.D

13.（1）75；（2）1.25×103；（3）偏大；（4）BCAD

14.（1）ρ=mV；（2）火山石块吸附了2mL的水（或火山石吸附了一定体积的水）；（3）①4.2；②5；③0.84；（4）V1、V2、V3、V4无单位。

15.（2）[实验步骤]细木棒；（3）mV；（4）天平（砝码）烧杯；（5）刻度尺边长；[实验分析]实验过程中小冰块熔化，导致测得的边长变小，算出的体积偏小，密度偏大

16.解：（1）ρ=mV得瓶内水的体积：

V1=m水ρ水=0.4kg1×103kg/m3=0.4×10-3m3=400cm3

（2）石块总体积：

V2=V容-V1=500cm3-400m3=100cm3；

（3）由ρ=mV得石块的质量：

m石=ρ石V2=2.6g/cm3×100cm3=260g=0.26kg，

乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量：

m=m水+m瓶+m石=0.4kg+0.5kg+0.26kg=1.16kg=1160g。

运动和力

【基础强化】

1.阻力相互的运动状态2.3-12a

3.粗糙程度摩擦力4.5不变5.非平衡力重力6.惯性7.800竖直向上

8.B9.A10.D11.D12.C13.B14.B15.C16.D

17.如图所示

解析：车厢里的小球偏离竖直方向向左摆，说明车加速向右运动，车厢里地面上的物块A也就有向左滑动的趋势，它所受的静摩擦力方向水平向右。

18.（1）3.2二力平衡0（2）甲、丙控制变量法（3）相等

19.（1）小车到达水平面时的初速度（2）小车在丙木板上运动的距离最远

【综合应用】

1.匀速直线惯性2.向左倾倒保持静止3.右12

4.变小重力加固山体、植树造林、合理导流、定期检查上坡地表的变化、增加植被等

5.A6.C7.B8.D9.D10.D

11.=如图所示

12.（1）相等（2）水平面的粗糙程度（3）慢（4）匀速直线运动（5）不能（6）相等（7）静止

解析：（6）小车从斜面顶端由静止滑下，滑到斜面底的速度是相等的，即小车在水平面上开始运动时的动能相等，最终小车的动能为0，重力势能不变，所以说小车在粗糙程度不同的水平面上消耗的机械能相等。（7）单摆的摆球摆动到最高点时，处于短暂的静止状态，若此时摆球受到的一切外力全部消失，根据牛顿第一定律，摆球会保持静止。

13.（1）压力甲（2）水平向左不需要小车做匀速直线运动，便于实验操作（由于弹簧测力计静止便于读数，答案开放）

解析：f摩与对应的压力f压关系图象为正比例函数图象，这说明摩擦力随压力的增大而增大。比较甲、乙图象可知，在压力相同时，甲的摩擦力大于乙的摩擦力，所以甲木板更粗糙。在如图20所示的装置中，水平向左拉动平板小车时，木块相对于小车向右运动，所以木块受到的摩擦力方向为水平向左。由图20所示可知，木块与弹簧测力计固定不动，拉动平板小车运动，该实验设计的优点是：一方面，不需要平板小车做匀速直线运动，便于实验操作；另一方面，由于测力计静止便于读数。

压强

【基础强化】

1.A2.C3.C4.B5.D6.A7.A

8.A9.D10.A11.2×1055×10412.减小增大13.连通器大气压14.液体内部压强随着深度的增加而增大2×10615.A相平

16.（1）海绵的变形程度（2）在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显（3）书包背带做得扁而宽可以减小对肩的压强（4）=

17.（1）相平漏气（2）高度差（3）①在同一深度，液体向各个方向的压强相等②1（或2、3）5、6③种类（4）控制变量

18.解：（1）车对地面的压力：F=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N

（2）车对地面的压强：p=FS=1.6×104N4×2×10-3m2=2×106Pa

19.解：（1）水的体积：V水=6×10-3m3

根据ρ=mV公式变形可得水的质量：m水=ρ水V水=1×103kg/m3×6×10-3m3=6kg

（2）B对水平地面的压力：FB=GB=250N

B对水平地面的压强：ρB=FBSB=250N5×10-2m2=5000Pa

（3）剩余部分对地面的压强：ρB=FBSB=ρBSBghB′SB=ρBghB′

水对容器底的压强：p水=ρ水gh水，hB′∶h水=2∶3

因为B剩余部分对水平地面的压强等于水对容器A底部的压强，所以ρBghB′=ρ水gh水

ρb=h水hB′ρ水=32ρ水=32×1×103kg/m3=1.5×103kg/m3

【綜合应用】

1.A2.C3.A4.B5.B6.A7.D

8.A9.D10.D

11.（1）小于（2）不变（3）300

12.（1）2×1061×1061×106（2）小大2×104小于（3）3

13.（1）大气压（2）实验（3）如果把手指移开，管内的水会从A端流出；液体压强随深度的增加而增大

14.（1）汽车在行驶过程中的空气流动（2）车斗内的纸箱上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，故纸箱上方的气压小于纸箱下方的气压，纸箱从车斗里升起，然后在风的作用下吹离车斗

15.（1）见下图

（2）10在0～1s，地板对物体的向上的支持力大于重力，即做加速运动

16.（1）海绵被压下的深度（2）高度（3）2、3或5、6（4）控制变量法转换法（5）p=ρgh（6）不能

17.解：（1）移除磁铁前，玻璃管底受到水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa；

（2）由图可知，球在露出水面前运动的时间为21s，根据v=st可得，4～21s球上升的距离：s0=v0t=0.05m/s×17s=0.85m，则球在玻璃管上升过程中前4s上升的距离：s′=s-s0=1m-0.85m-2×0.02m=0.11m，所以，球在玻璃管上升过程中前4s的平均速度：v′=s′t′=0.11m4s=0.0275m/s

（3）由图可知，球4～21s时匀速上升，受力平衡，所以有：G+f=F浮，根据G=mg、ρ=mV可得G=ρVg，又知，f=kv，F浮=ρ0gV，则ρVg+kv=ρ0gV

球的密度ρ=ρ0gV-kvVg=ρ0-kvVg

18.解：（1）由ρ=mV可得，水的体积：V水=m水ρ水=4kg1.0×103kg/m3=4×10-3m3

由V=Sh可得，容器内水的深度：h水=V水S=4×10-3m30.02m2=0.2m

水对容器底部产生的压强：p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa

（2）因小球的密度大于水的密度，所以，小球轻轻地放入容器中会沉入容器底部，溢出水的体积：V溢水=m溢水ρ水=0.2kg1.0×103kg/m3=2×10-4m3

因物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，所以，小球的体积：V球=V排=V容器+V溢水-V水=Sh容器+V溢水-V水=0.02m2×0.24m+2×10-4m3-4×10-3m3=1×10-3m3

小球的质量：m球=ρ球V球=2.0×103kg/m3×1×10-3m3=2kg

剩余水和小球的重力分别为：G剩水=m剩水g=（m水-m溢水）g=（4kg-0.2kg）×10N/kg=38N，G球=m球g=2kg×10N/kg=20N

圆柱形容器对桌面的压力：F=G容+G剩水+G球=4N+38N+20N=62N

圆柱形容器对桌面的压强：p=FS=62N0.02m2=3100Pa

浮力

【基础强化】

1.1.0无关2.增大不变3.mAgρgVB4.0.2增加液体的密度增大物体排开液体的体积5.<0.56.（1）扩散变小变小（2）蒸发（汽化）

7.ρ水（V2-V1）V3-V1ρ水（V2-V1）V3-V1

8.BC

解析：根据称重法得：F浮=F2-F3；根据阿基米德原理得：F浮=F4-F1。

9.D10.A11.C12.C13.ABD14.C

15.B

解析：由图可知，排开水的体积，V排乙>V排丙>V排甲，根据F浮=ρ液gV排可知，ρ液是相同，故浮力大小关系是：F2>F3>F1。

16.B

解析：物体漂浮在液面上：F浮=G物

ρ水V排g=ρ物V物g

ρ水（V物-V露）g=ρ物V物g

ρ水（V物-14V物）g=ρ物V物g

所以：ρ物=34ρ水=0.75g/cm3

17.（1）1竖直向上（2）0.8（3）CE（或DE）（4）物体排开液体的体积

18.（1）BD1.2AE（2）变小0.836

19.（1）F1-F2（2）铁块接触到容器底部（3）①B②测出塑料块B的重力G③F1-F2>G

20.（1）p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa。

（2）F浮=G-F′=16N-10N=6N。

（3）F浮=ρ水gV排，故V排=F浮ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3

21.（1）F浮=G排=m排g=0.4kg×10N/kg=4N

因为：F浮=G-F′

所以弹簧测力计的示数：F′=G-F浮=10N-4N=6N

（2）物体的质量：m=Gg=10N10N/kg=1kg

F浮=ρ水gV排，故V排=F浮ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3

因为浸没，故V物=V排=4×10-4m3

所以物体的密度：ρ=mV物=1kg4×10-4m3=2.5×103kg/m3。

【综合应用】

1.4.8×107变大

2.3漂浮

3.漂浮8800

4.（1）0.4（2）B

5.等于0.250.943

解析：（1）漂浮，F浮=G物；

（2）F浮=G排，故增加的浮力ΔF浮=ΔG排=ρ液gΔV排=1.0×103kg/m3×25×10-6m3×10N/kg=0.25N；

（3）將甜瓜漂浮水中时，溢出水410mL，得：

G瓜=F浮=G排=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×410×10-6m3×10N/kg=4.1N；

故m瓜=G瓜g=4.1N10N/kg=0.41kg

浸没时，V瓜=V排=（410+25）×10-6m3=4.35×10-4m3

故甜瓜的密度：ρ瓜=m瓜V瓜=0.41kg4.35×10-4m3≈0.943×103kg/m3=0.943g/cm3。

6.（1）0.16（2）0.8×103

解析：（1）石子和物塊在水中所受的总浮力：F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×（66×10-6m3-50×10-6m3）=0.16N；

（2）石子和物块在待测液体中也是漂浮，故浮力相等，F浮=0.16N，又由F浮=ρ液gV排得：ρ液=F浮V排g=0.16N（70×10-6m3-50×10-6m3）×10N/kg=0.8×103kg/m3

7.0.810.9

8.C9.B10.C11.D12.A13.C

14.C15.C16.AC17.C18.C19.B

解析：（1）正方体的体积：V=（0.1m）3=10-3m3，

V排=35V=35×10-3m3=0.6×10-3m3；

所以受到水的浮力：F水=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6×10-3m3=6N；

（2）正方体在水和另一种液体中均漂浮，浮力均等于重力，故浮力相等；

由F浮=ρ液gV排′得：ρ液=F浮gV排′=6N10N/kg×34×10-3m3=0.8×103kg/m3。

20.（1）3（2）越大A、D、E（3）71.2×103（4）控制变量法

21.（1）2.6（2）1.0（或1）1.0×10-4（3）先将水换成被测液体，再将金属块浸没在被测液体中，记下弹簧测力计的示数，求出此时浮力，最后根据公式F浮=ρ液gV排算出被测液体的密度。

解析：（1）由图甲弹簧测力计示数得金属块在空气中的重力：G=2.6N；

（2）根据称重法测浮力得：F浮=G-F′=2.6N-1.6N=1.0N，由阿基米德原理F浮=ρ水gV排得：V排=F浮ρ水g=1.0N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.0×10-4m3，

故金属块的体积：V=V排=1.0×10-4m3；

（3）将水换成被测液体，再将金属块浸没在被测液体中，记下弹簧测力计的示数F金′，则F浮=G-F金′，再根据F浮=ρ液gV排得：被测液体的密度ρ液=F浮V排g=G-F金′Vg。

22.（1）1.4×106Pa；（2）31.8m3

（1）p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×140m=1.4×106Pa；

（2）漂浮：F浮=G总=G船+G人=G船+m人g=3×105N+1800kg×10N/kg=3.18×105N；

而F浮=ρ液gV排，故V排=F浮ρ液g=3.18×105N1.0×103kg/m3×10N/kg=31.8m3。

功和机械能

【基础强化】

1.1.2×10562.300153.1500504.相互的变大5.弹性势动6.大动7.变大变大8.C9.C10.C11.B

12.C13.A

14.（1）弹簧形变量；（2）物块滑行的距离；（3）动内

15.（1）质量动能；（2）乙、丙

16.（1）运动木块被撞的距离转换；（2）B；（3）甲丙；（4）大大

17.（1）由v=s/t可得，路程：s=vt=36km/h×3060h=18km；

（2）因为驱逐舰做匀速直线运动，受平衡力的作用，所以，F=f=0.01G=0.01×6×107N=6×105N；

（3）克服阻力做的功：W=fs=6×105N×18000m=1.08×1010J

18.解：（1）机器人所受的重力：

G=mg=4kg×10N/kg=40N；

（2）牵引力所做的功：

W=Fs=50N×2m=100J；

（3）牵引力的功率：

P=W/t=100J/4s=25W。

【综合应用】

1.3×103600

2.8400180

3.3450

4.20064

5.距离两次实验中未保持木块初始位置相同增大

6.③；⑤；②

7.B8.A9.C

10.BCD

解析：小球从A点由静止开始下落，质量不变，速度越来越大，动能不断变大。故A错误；小球的质量不变，C点的高度小于在B点的高度，故小球在C点的重力势能小于在B点的重力势能。故B正确；已知AB和BC的距离相等，根据W=Gh可知，重力一定，通过的距离相同，所以重力做的功相同。故C正确；由题意知，小球在AB段的平均速度小于在BC段的平均速度，AB和BC的距离相等，所以在BC段所用的时间小于在AB段所用时间，根据P=W/t可知，重力做功相同的情况下，BC段的时间短，所以BC段做功的功率大，故D正确。

11.C12.A13.D14.C

15.（1）木块被推动的距离；（2）速度；（3）①质量一定，速度越快动能越大；②速度相同时，质量越大动能越大；（4）B。

16.（1）速度减小；（2）小球质量速度；

（3）距落地点的高度；（4）<。

解析：（1）实验中，让小球从斜槽上自由滚下，是为了使小球到达水平槽时具有一定的速度；小球从斜槽滚下，高度降低，所以重力势能减小；

（2）根据控制变量法的要求，保持小球质量不变，分别让同一小球从斜槽上A、B、C位置由静止自由滚下，分别测出小球落地的水平距离sA、sB、sC，发现sA>sB>sC。这表明：空中水平抛出的物体，落地的水平距离与速度有关，速度越大，则平抛的距离越远。

（3）逐步降低拋出点离地面的高度，分别测出小球落地的水平距离s1、s2、s3，发现s1>s2>s3。这表明：空中水平抛出的物体，落地的水平距离与距落地点的高度有关，相同情况下，距落地点的高度越大，落地点的水平距离越远。

（4）若在水平槽铺上毛巾，由于毛巾的表面较粗糙，摩擦力大，小球的速度减小，则小球的动能减小，因此，根据上述实验的结果，小球落地的水平距离变小，即s4

17.（1）减小阻力；

（2）因为轿车做匀速直线运动，故轿车对水平地面的压力为：F=G=mg=1.2×103kg×10N/kg=1.2×104N

轿车对水平地面的压强为：

p=FS=1.2×104N0.08m2=1.5×105Pa

（3）由图可知，轿车在20～40s时间内牵引力F保持不变，F=3×103N

在20～40s时间内通过的路程

s=vt=30m/s×（40s-20s）=600m

在20～40s内牵引力做的功为：

W=Fs=3×103N×600m=1.8×106J

轿车发动机的功率为：

P=Wt=1.8×106J20s=9×104W=90kW

或P=Fv=3×103N×30m/s=9×104W=90kW

简单机械

【基础强化】

1.A2.B3.D4.D

5.相同的省力

6.定减少

7.900费力

8.（1）B30增大提升的物重或减小晾衣架重（2）63

9.省力40010.大于右11.（1）4.8（2）B

12.28880%

13.如图所示

14.如图所示

15.（1）水平左（2）4（3）120（4）F1l1=F2l2（动力×动力臂=阻力×阻力臂）

16.（1）匀速（2）0.05（3）0.4580%

（4）<<增加钩码重（增加物重）

17.（1）4×103（2）1.41×103（3）414W

解析：（1）立方体对水平地面的压力F=G=mg=400kg×10N/kg=4000N

受力面积S=1m×1m=1m2

立方体对水平地面的压强p=FS=4000N1m2=4×103Pa

（2）根据杠杆平衡条件得F×l1=G×l2

代入数据得F=4000×0.52N=1.41×105N

（3）立方体翻转一次克服重力做的功

W6=Gh=4 000N×2-12m=828J

立方体移动10m需要翻滚10次，则翻滚10次做功的功率

P=Wt=10W0t=10×828J20s=414W

18.（1）不计杠杆自重和摩擦，由杠杆平衡条件可得F×OB=G×OA，即F×0.4m=40N×0.8m，解得F=80N。

（2）由表中数据可知s=0.1m，h=0.2m，

拉力做的总功W总=F′s=90N×0.1m=9J，

有用功W有用=Gh=40N×0.2m=8J，

杠杆的机械效率η=W有用W总×100%=8J9J×100%≈88.9%。

19.解：（1）G=mg=50kg×10N/kg=500N.

（2）1min绳子移动的距离s=2h=24m

拉力做的功W=Fs=200N×24m=4800J

t=1min=60s

P=Wt=4800J60s=80W

（3）由图象可知，当η=50%时，重物G=400N

η=W用W总=G·hGh+G总h=GG+G总

即50%=400N400N+G总，解得G总=400N

当η=60%时，η′=G′G′+G总′，即60%=G′G′+400N

解得G′=600N

【综合应用】

1.C2.AD3.BC4.D

5.>>6.12594%

7.24

8.12062.5

9.改变动力方向变小

10.（1）钓鱼竿（2）40（3）8∶3（4）大

11.0.460%

12.如图所示

13.如图所示

14.（1）如图所示

（2）变小变小（3）大（4）乙

解：（1）延长P2作用线，由支点作其作用的垂线，L2是其力臂，如图：

（2）由图可知：当α角增大时，力臂L2变小；由于拉力F1的方向与脊柱夹角始终为12°，且OA这段距离不变，则O点到F1作用线的距离不变，即动力臂不变，阻力为箱子的重力不变，根据杠杆平衡条件可知，F1变小；

（3）如果考虑到人上半身的重力，由于上半身的重力阻碍杠杆的转动，根据杠杆平衡条件可知：实际拉力将变大；

（4）比较甲、乙两种姿势可知：甲的支点太高，在搬起物体时，阻力臂减小得慢，则腰背部复杂肌肉的等效拉力F1要比较长时间的使用较大的力，所以甲姿势不正确，乙姿势比较正确。

15.（1）15（2）FC=FD（2）②

16.（1）62.5%大于（2）不能1试验次数太少，偶然性较大；2滑轮组的机械效率还与动滑轮的重量有关等（其他合理的也给分）

17.（1）B（3）甲和丙（或乙和丁）相等甲和乙（丙和丁）正确（4）减小动滑轮的重力或增大物体重力

18.（1）重物上升的平均速度v=6m50s=0.12m/s。

（2）①货箱自由静止在地面上时，对地面的压强p1=F1S=G装箱S=2.44×104N3m2，

若起重机不加配重，在起吊货箱时，支点为B，對货箱的拉力F拉，

根据杠杆平衡条件有F拉×AB=G起重机×BO，即F拉×10m=2.4×104N×1m，

解得F拉=2400N，

此时货箱对地面的压力F2=G货箱-F拉=2.44×104N-2400N=2.2×104N，

此时货箱对地面的压强p2=F2S=2.2×1043m2，

压强变化量Δp=p1-p2=2.44×104N3m2-2.2×104N3m2=800Pa。

②若要吊起此货箱，起重机对货箱的拉力F拉′=G=2.44×104N，

支点为B，配重的力臂BD=BC+CD=4m+1.5m=5.5m，

根据杠杆平衡条件可得F拉′×AB=G起重机×BO+G配重×BD，

即2.44×104N×10m=2.4×104N×1m+G配重×5.5m，

解得G配重=4×104N。

（3）不起吊物体时，支点为C，

起重机自重的力臂OC=BC-BO=4m-1m=3m；配重的力臂CD=1.5m。

根据杠杆平衡条件可得G起重机×OC=G配重′×CD，

即2.4×104N×3m=G配重′×1.5m，

解得最大配重G配重′=4.8×104N，

最大配重的质量m′=G配重′8=4.8×104N10N/kg=4.8×103kg=4.8t，

因为4.8t<8t，

所以这起重机不能配8t的配重，否则起重机在不工作时就向右翻倒。

19.（1）大；（2）改变力的方向6000kg；（3）3.6×105J；（4）8×103W

解：（1）大

（2）改变力的方向

G=2F=3×104N×2=6×104N

m=Gg=6×10410N/kg=6000kg

（3）W=Fs=Gh=1.2×104N×30m=3.6×106J

（4）W总=3.6×105J90%=4×105J

P=Wt=4×105J50s=8×103W